この記事でSzemerédiの定理の組合せ論的証明を完成させる。
帰納的ステップの証明
とし、は或るに対してを含むがを含まないと仮定する。が成り立つと仮定する。以下、とし、が成り立つことを示す。
パラメータの選択
を任意にとって、をを満たすようにとる。ここで、は後述のもの。
なるをとる。をを満たす集合とし、をその有限色による塗り分け写像とする。とする。このとき、である。記事5の系より非有界な二重カウンティング性質を満たすおよびパーフェクトカラーが存在して、およびはに沿った密度をもち、, が成り立つ。
およびを
, (は記事4の命題のもの)。
(記事9の主張2のもの)。
(記事10のカウンティング補題のもの)。
(記事4の③のもの)。
.
(はカウンティング補題の帰結式に現れるの定数)。
(定数の定義は後述)。
を満たすようにとる(証明で使用する順に条件を書いている)。
およびカウンティング補題の適用
が非有界なので、-AP が存在する()。記事4の命題の(i)より、高々個の例外を除くに対して
が成り立つ。これより、を
と定義すれば、が成り立つ。色塗り写像 を
で定義する。ただし、とし、写像をにと拡張しておく。すると、より-APの族 が存在して次が成り立つ( (ii)は使わない)。
-(i): 任意のに対して、はに含まれる。
-(iii): 任意のに対して、はのに対する成分にしか依存しない。
-(iv): 任意のに対して、をとると-AP が存在して、上ではと成分が一致するようなに対してが成り立つ。
各に対して、-AP を
で定義する。このとき、-AP族は記事10のカウンティング補題の条件(i)〜(iii)を満たしている。理由: 条件(i)は-(i)との定義から、条件(ii)は-(iii)と「 」であることから、条件(iii)は-(iv)よりとすればわかる。
従って、カウンティング補題(の場合)よりが存在して、任意のに対して
が高々個の例外を除くに対して成立する。
goodな-AP族の存在
を
と定義する()。
とする。がgoodであるとは
であることとし、そうでない場合はbadであるということにする。このとき、badなの個数は高々
である。-(i)よりなので、記事4の③より
であるので、②の一番内側の和の項数はである。なので*1、①より高々個の例外を除くに対して
が得られる。よって、
なので、②よりbadなの個数は高々
個であることがわかった(定数をとする)。
とする。任意のに対して、が成り立つ。理由: に対して-AP はの元である。 このとき、①より高々個(定数をとする)の例外を除くに対して
が成り立つ。よって、であって、の全ての元がbadであるようなものは高々個である。理由: 個より多かったと仮定する。ただし、であるようにとっておく。このとき、badなの個数は少なくとも
となって矛盾する。よって、高々個しかない。
以上により、は区間であって、任意のの元に対して、goodな-AP が存在するようなものを含む(これらを固定する)。理由: をずつ区切った際に、どの区間もの全ての元がbadなを含んだと仮定する。すると、であって、の全ての元がbadであるようなものが少なくとも
個は存在することとなり矛盾する。
-AP族の構成
そうして、に対して-AP を
と定義し、に対しての(i)〜(iv)が成立していることを証明する(は上ではの成分と同じで、ではの成分と同じものとする() )。
-(i), (ii)の証明
を任意にとる。なのでに対して
が成り立つ。とは最初のの成分は一致しているので、カウンティング補題の条件(ii)より、③から
が従う。これは-(ii)の成立を意味する。また、に関してはがgoodであることとであることから
が成り立つ。これで、-(i)が示された。
-(iii)の証明
をとる。はについてであると仮定する。このとき、示したいことは
である。のときは-(ii)から従うので、とする。するとなので
が成り立つ。また、はの成分は一致しているので、-(iii)より
が成り立つ。これと⑤を合わせると、④の成立がわかる。
-(iv)の証明
およびをとる。は上での成分と一致するようなものとする。
のとき: に注意。を上ではの成分で上ではの成分であるようなものと定める。すると、は上での成分と一致する。よって
と-APを定義すると、既に述べたように-AP族がカウンティング補題の条件を満たしていることから、その条件(iii)より
が成り立つ。-AP を
と定めると、
と所望の関係式が得られる。
のとき: なので、を動かしてもは一意的で動かないことがわかる。そうして、
はを動かすと-APをなすことがわかる。
以上で帰納的ステップの証明が完了し、従ってSzemerédiの定理の証明が完全に完了する。 Q.E.D.
*1:はで決まる。